2020-2021学年河南省郑州市中原区名校大联考八年级(下)期末物理试卷及

2020-2021

学年郑州市中原区名校大联考八年级（下）期末

物理试卷

一.填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）

1．（2分）2021年5月2日，人民海军的官微消息称：日前，中国海军组织山东舰航母编队

在南海相关海域进行训练。当舰载机飞离航母后，航母排开水的质量将（选填

“增大”、“减小”或“不变”），航母底部受到的水的压强将（选填“增大”、“减

小”或“不变”）。

2．（3分）2020年9月，有“亚洲翼装飞行第一人”之称的张树鹏，完成了全球首次航母翼

装飞行，如图所示。当张树鹏从直升飞机上一跃而下时，他的重力势能逐渐；

打开降落伞后匀速下降时，他的动能；在整个下降过程中，张树鹏的机械

能。（均选填“增大”、“减小”或“不变”）

3．（2分）2021年5月15日7时18分，“天问一号”探测器成功着陆于火星乌托邦平原南

部预选着陆区，我国首次火星探测任务着陆火星取得成功。若“天问一号”绕着火星做

匀速圆周运动时，“天问一号”处于（选填“平衡”或“非平衡”）状态；若“天

问一号”此时所受的外力突然消失，它将做运动。

4．（3分）如图甲所示，物体A在水平拉力F＝12N的作用下在水平面上做匀速直线运动，

1

则此时物体A受到的摩擦力大小为N；若增大拉力F

1

，物体A所受的摩擦力

（选填“变大”、“变小”或“不变”）；如果在物体A上放一个与A质量相同的物体B，

使A、B一起在水平拉力F

2

的作用下做匀速直线运动，如图乙所示，此时物体B受到的

摩擦力大小为N。

5．（2分）如图（a）所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直

线运动，两次拉动木块得到的s﹣t图象分别是图（b）中的图线甲、乙，则两次拉动过程

中，拉力F，拉力做功的功率P。（均选填“＞”、“＜”或“＝”）

甲乙甲乙

FP

第1页（共6页）

6．（2分）小明在空易拉罐里注入了少量的水，用酒精灯对易拉罐加热一段时间后，将罐口

堵住，撤去酒精灯，再向易拉罐浇冷水，观察到易拉罐，原因是。

二、选择题选择题(本题共8小题,每小题2分,共16分。第7~12题,每小题只有一个选项符

合题目要求,第13~14题,每小题有两个选项符合题目要求,全部选对得2分,选对但不全的得1

分,有选错的得0分)

7．（2分）下列实例中能减小摩擦力的是（）

A．自行车的脚蹬表面凹凸不平

B．气垫船喷出强气流，在船底和水面之间形成气垫

C．体操运动员在参加单杠比赛前，在手上涂滑石粉

D．足球运动员戴防滑手套

8．（2分）下列实例能在太空进行的是（）

A．用天平测物体的质量B．用弹簧拉力器健身

C．做探究影响浮力大小的因素实验D．在跑步机上跑步锻炼身体

9．（2分）世界最大的单体射电望远镜一一“天眼”已在我国建成使用，它能接收到137亿

光年外的信号，接近宇宙的边缘。“天眼”的日常维护依靠的是“微重蜘蛛人”，如图所

示。下列说法中正确的是（）

A．“蜘蛛人”受到的重力和“蜘蛛人”对绳的拉力是一对平衡力

B．“蜘蛛人”行走的过程中，速度越大，受到的惯性越大

C．“蜘蛛人”悬浮在天眼上方时所受的拉力和重力是一对相互作用力

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D．“蜘蛛人”行走时，轻碰面板，人会加速往前运动，说明力可以改变物体的运动状态

10．（2分）下列实例中，不属于连通器的是（）

A．茶壶B．船闸C．拦河大坝D．锅炉水位计

11．（2分）当火车驶过站台时，如果人站在安全线以内，即使与火车保持一定的距离，也

非常危险。以下现象不能用此现象的规律解释的是（）

A．孔明灯飞上天B．乒乓球运动员打出的弧旋球

C．“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”D．飞机在跑道上加速起飞

12．（2分）如图甲所示，装满水的密闭容器置于水平桌面上，其上、下底面积之比为1：2，

此时水对容器底部的压力为F

1122

、压强为p，容器对桌面的压力为F、压强为p。把容器

倒置后放到水平桌面上，如图乙所示，下列说法错误的是（）

A．水对容器底的压强为p

1

B．水对容器底的压力为F

1

C．容器对桌面的压力为F

2

D．容器对桌面的压强为p

2

（多选）13．（2分）如图所示，用20N的拉力F向上拉动绳子，使重为50N的物体M在

2s内匀速升高2m（不计绳重和摩擦）。则下列说法不正确的是（）

A．该滑轮组既省力又省距离

B．动滑轮重为10N

C．物体M受到的合力不为零

D．绳子自由端移动的速度为3m/s

（多选）14．（2分）如图所示，一装有适量水的容器放在水平桌面上，木块在绳子拉力的

作用下浸没在水中，下列说法正确的是（）

A．沿容器壁向容器中缓慢加盐水，木块受到的绳子的拉力变大

B．沿容器壁向容器中缓慢加水，木块受到的绳子的拉力变大

C．剪断绳子，待木块静止后，容器对水平桌面的压强变小

D．剪断绳子，待木块静止后，水对容器底的压力变小

三.作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）

15．（2分）如图所示，一木块沿表面光滑的固定斜面向上运动，请画出木块向上运动的过

程中所受力的示意图。

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16．（2分）如图所示，轻质杠杆的A点处悬挂一重物G，轻质杠杆可绕O点转动。请画出

杠杆在水平位置平衡时，在杠杆上施加的最小力F及其力臂L。

四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）

17．（4分）探究“压力的作用效果”的实验如图甲、乙、丙所示。

（1）实验过程中，通过观察海绵的来比较压力的作用效果。

，（2）通过图乙、丙所示的实验能够得到的结论是：压力一定时，受力面积越

压力的作用效果越明显。

（3）将实验中的小桌和砝码再放在木板上，如图丁所示，比较图丙中海绵受到的压强

pp

丙丁丙丁

和图丁中木板受到的压强p，则p（选填“＞”、“＜”或”＝”）。

。（填写选项字母）（4）下列现象中应用了从图甲、乙实验所得结论的是

A.坦克宽大的履带B.压路机的质量较大

C.破窗锤D.滑雪板的面积较大

18．（6分）如图1所示，在“研究物体的动能与哪些因素有关”的实验中，将A、B、C三

个小球先后从同一装置的h

ABCABCACB

、h、h高处滚下（m＝m＜m，h＝h＞h），并推动

纸盒运动一段距离后静止。

第4页（共6页）

（1）本实验中通过观察来比较小球动能的大小；若水平面绝对光滑，本实验将

（选填“能”或“不能”）达到实验目的。

（2）要研究动能与速度的关系，我们应该选择图1中的两图来进行实验，实验

结论是：质量一定时，速度越（选填“大”或“小”），动能越大。

（3）实验过程中，若斜面光滑，水平面粗糙，小球从斜面上由静止释放至运动到底端的

过程中，小球的机械能（选填“守恒”或“不守恒”）；增大斜面的倾角，如图2

所示，让同一小球仍从同一高度由静止释放，再撞击斜面底端的纸盒，则纸盒在水平面

上移动的距离（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（不考虑空气阻力）

19．（8分）小明在做“探究杠杆平衡条件”的实验。

（1）若安装完杠杆，发现杠杆右端下沉，如图甲，则应将杠杆右端的平衡螺母向

（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，目的是。

（2）图乙中杠杆恰好在水平位置平衡，若在A处下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保

持水平平衡，需将挂在B处的钩码向右移动格。

（3）如图丙，小明取下B处的钩码（每个钩码重0.5N），改用弹簧测力计钩在C处，使

杠杆再次在水平位置平衡，则弹簧测力计示数（选填“大于”、“小于”或“等

第5页（共6页）

于”）1N；若将该弹簧测力计绕C点沿逆时针方向转到竖直向上的位置，而在该过程中

杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数（选填“变大”、“变小”或“不

变”）；在弹簧测力计拉力的方向竖直向上时，把弹簧测力计施加的力视为动力，则以下

生活中相关杠杆的应用与此杠杆类型相同的是（选填“托盘天平”、“核桃夹”

或“筷子”）。

（4）小明经过多次实验，分析实验数据后得出了杠杆平衡条件，是。

（5）杠杆平衡条件在生活中有很多应用。如图丁所示，用绳子拴住一根粗细不同的大树

的某处，静止后大树水平平衡。现将大树从拴绳处沿竖直方向切成A、B两段，请根据

杠杆平衡条件判断G

AB

G（选填“＞”、“＝”或“＜”）。

五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）

20．（9分）如图所示，一个棱长为10cm的正方体木块静止在水面上，浸入水中的体积占木

块总体积的。（ρ＝1.0×10，g＝10N/kg）

水

33

kg/m

（1）求木块的重力大小；

（2）该木块静止在水面上时，求木块下表面受到的水的压强；

（3）若要将木块全部浸入水中，求至少需要施加的压力。

21．（9分）如图所示，工人利用斜面把货物搬运到汽车上。工人先利用斜面将货物匀速推

到车边沿，再沿车内水平面将货物匀速推到车里面，整个过程中，推力大小始终为800N，

方向与运动方向保持一致。斜面的高为0.9m，长为1.5m，车内水平面的长度为1.8m。

货物重为1000N，推上斜面用时10s，水平推动用时5s，求：

（1）货物沿斜面运动的速度；

（2）货物在斜面上运动的过程中，受到的摩擦力的大小；

（3）斜面的机械效率；

（4）货物在车内水平面上运动的过程中推力做功的功率。

第6页（共6页）

2020-2021

学年河南省郑州市中原区名校大联考八年级（下）

期末物理试卷参考答案与试题解析

一.填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）

1．【分析】航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，根据漂浮条件F

浮

＝G

判断浮力的变化；

根据阿基米德原理F＝ρ判断出航母排开水体积的变化，由密度公式判断出航母

浮液排

gV

排开水质量的变化，根据液体压强的特点分析出航母底部受到水压强的变化。

【解答】解：航母始终漂浮于水面上，由漂浮条件可知，浮力等于重力，即F＝G，当

浮

舰载机起飞后航母的重力G减小，因航母仍处于漂浮状态，故所受浮力F要减小，因

浮

浮力减小，由阿基米德原理F＝ρ可知，排开水的体积减小，由m＝ρ知航

浮水排排水排

gVV

母的排开海水的质量减小，航母将上浮一些，所以航母底部所处的深度减小，根据液体

压强p＝ρgh得航母底部所受的压强将减小。

故答案为：减小；减小。

【点评】本题综合考查了浮沉条件（漂浮条件）、阿基米德原理和液体压强公式的应用，

要求灵活运用。

2．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；物体的质量越大，速度越大，其动能越

大。

（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度；物体的质量越大，高度越高，其重力势能

越大。

（3）物体克服阻力做功时，机械能会转化为内能（也可分析动能与势能的总和来判断机

械能的大小变化）。

【解答】解：

当张树鹏从直升机上一跃而下时，其质量不变，高度减小，则他的重力势能逐渐减小；

打开降落伞后匀速运动时，其质量和速度均不变，则他的动能不变；

在整个下降过程中，张树鹏需要克服空气阻力做功，机械能会转化为内能，则他的机械

能减小。

故答案为：减小；不变；减小。

【点评】本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，比较简单。

3．【分析】平衡状态包括静止和匀速直线运动；牛顿第一定律告诉我们，一切物体在不受外

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力作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。

【解答】解：“天问一号”绕着火星做匀速圆周运动时，“天问一号”的运动的方向发生

了变化，处于非平衡状态；若运动的“天问一号”此时所受的外力突然消失，根据牛顿

第一定律可知，它将做匀速直线运动。

故答案为：非平衡；匀速直线。

【点评】本题考查了平衡状态的辨别、牛顿第一定律的应用，属于基础题。

4．【分析】物体处于匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，据此判断摩擦力的大小；根据

摩擦力大小的影响因素分析摩擦力大小的变化；根据摩擦力大小的影响因素可判断图乙

中摩擦力大小的变化。

【解答】解：在水平面上做匀速直线运动的物体，受到的摩擦力与拉力平衡，因此，物

体A受到的摩擦力大小为12N；

若增大拉力F

1

，物体A对水平面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所受的摩擦力不

变；

物体B做匀速直线运动，在水平方向上受力平衡，在水平方向上不受力的作用。

故答案为：12；不变；0。

【点评】本题考查了利用平衡条件判断摩擦力的大小，以及对影响滑动摩擦力大小因素

的理解，难度不大。

5．【分析】弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑

动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面

粗糙程度有关，由此确定拉力大小关系。根据P＝＝＝Fv判断拉力的功率的大小关

系。

【解答】解：一木块两次在同一地面上运动，压力不变，接触面的粗糙程度不变，滑动

摩擦力不变；

由图中可知，路程与时间成正比，即木块两次都做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于

滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，则两次拉力相等，即F＝F；

甲乙

从图象中可以判断出，在相同时间内，甲这次运动通过的路程大，即速度v＞v，根

甲乙

据公式P＝＝＝Fv可知，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即P＞P。

甲乙

故答案为：＝；＞。

【点评】通过图象可以判断木块进行匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作

第2页（共12页）

用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据P＝Fv判断功率大小的变化。

6．【分析】在罐内少许水加热由于水吸热汽化，变成水蒸气，排除罐内的空气，将罐口堵住，

撤去酒精灯，再向易拉罐浇冷水导致罐内水蒸气液化，使罐内气压小于大气压。

【解答】解：水吸热汽化生成水蒸气，水蒸气将易拉罐内的空气排除，封住罐口，停止

加热，罐内气体温度降低，导致罐内水蒸气液化，使气体压强减小，小于大气压，大气

压将易拉罐压瘪了。

故答案为：变瘪了；罐内气压小于大气压。

【点评】本题考查了大气压的存在，属于基础题。

二、选择题选择题(本题共8小题,每小题2分,共16分。第7~12题,每小题只有一个选项符

合题目要求,第13~14题,每小题有两个选项符合题目要求,全部选对得2分,选对但不全的得1

分,有选错的得0分)

7．【分析】减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在

压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；通过使接触面脱离的方法减小

摩擦力；用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。

【解答】解：A、自行车的脚蹬表面凹凸不平，增大了表面的粗糙程度，是通过增大粗糙

程度的方法增大摩擦力，故A不符合题意；

B、气垫船喷出强气流，在船底和水之间形成气垫，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦

力，故B符合题意；

C、体操运动员在参加单杠比赛前，在手上涂滑石粉，通过增大接触面的粗糙程度来增大

摩擦力，故C不符合题意；

D、足球守门员戴着防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦

力，故D不符合题意。

故选：B。

【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素及减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用

非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

8．【分析】在太空中与地球上主要不同的是在太空环境中无重力作用，所以凡是与重力无关

的测量都可以进行实验，根据这一特点去逐项分析即可。

【解答】解：在太空中会处于失重状态，凡是与重力无关的测量都可以进行实验；

ACD、用天平测物体的质量、做探究影响浮力大小的因素实验、在跑步机上跑步锻炼身

体都是在重力作用下完成的，故ACD都不能在太空中进行；

第3页（共12页）

B、弹簧测力计的原理是弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越长。在失重情况下，弹簧

仍能产生弹力，弹力是不同于重力的另一种性质的力，所以在太空中可以用弹簧拉力器

健身，故B正确；

故选：B。

【点评】通过比较所涉及的实验和活动，结合题目假设的情境，对实验的结果进行判断，

体现出对实验中所涉及变化的理解，考查了分析问题的能力。

9．【分析】（1）二力平衡的条件有4个，“同一物体”、“大小相等”、“方向相反”、“在同一

直线上”。

（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性与质量有关，质量越大惯性越大。

（3）相互作用力的特点：作用在两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。

（4）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改

①②

变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

【解答】解：A、“蜘蛛人”受到的重力和绳对“蜘蛛人”的拉力是一对平衡力，故A错

误；

B、“蜘蛛人”行走的过程中，速度越大，受到的惯性不变，因为惯性只与质量有关，故

B错误；

C、“蜘蛛人”悬浮在天眼上方时所受的拉力和重力是一对平衡力，故C错误；

D、“蜘蛛人”行走时，轻碰面板，人会加速往前运动，说明力可以改变物体的运动状态，

故D正确。

故选：D。

【点评】区分平衡力和相互作用力，理解惯性概念和力的作用效果，可解答此题。

10．【分析】连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的

情况下，连通器各容器中液面总是相平的。

【解答】解：茶壶、锅炉水位计、船闸都是上端开口、下部连通的，即都是利用连通器

原理制成的；拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，与连通器原理无

关，故C符合题意。

故选：C。

【点评】此题考查的是连通器在生活中的应用；这就要求我们平时要多观察、多思考。

11．【分析】流体压强与流速有关，流速越快压强越小，流速越大压强越大。

【解答】解：

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火车进站时会使火车附近的空气流速加快，气体的流速快压强小，所以火车附近的气压

小，而远处的气压大，在安全线内的乘客，会被强大的气压差形成的推力推向火车，对

安全构成威胁；

A、灯罩内的气体被加热，体积膨胀，密度减小，小于灯罩外空气的密度，使孔明灯受到

空气的浮力大于孔明灯自重，孔明灯就会上升，不是利用流体压强与流速的关系；故A

符合题意；

B、球在急速旋转时，带动了空气的旋转，球的一侧空气流速小、压强大，另一侧空气流

速大、压强小，从而打出各种弧圈球，由此可知，涉及流体压强与流速的关系，故B不

符合题意；

C、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大、压强小；屋内空气流动速度小、压强大，

屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向

上的压力差，将茅草吸上去，故C不符合题意；

D、飞机的机翼做成上凸下平的形状，机翼上方的空气流速大、压强小，机翼下方的空气

流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力，故D不符合

题意；

故选：A。

【点评】对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，

判断两个侧面的压强情况，进而判断物体在压强差作用下的运动情况。

12．【分析】根据p＝ρgh分析把容器倒置后放到水平桌面上，水对容器底部的压强，利用F

＝pS分析水对容器底部压力的变化；

容器对水平面上压力等于容器和水的总重力，由p＝判断出容器对桌面的压强的变化。

【解答】解：容器倒置后，水的深度不变，由p＝ρgh可知，水对容器底部的压强不变，

仍然为p

1

，故A正确；

已知上、下底面积之比为1：2，容器倒置后，压强不变，受力面积变成原来的，根据

F＝pS知水对容器底的压力变为原来的，即F，故B正确；

1

容器对水平面上压力等于容器和水的总重力，容器倒置后，总重力不变，容器对桌面的

压力不变，仍为F

2

，受力面积变成原来的，根据p＝知容器对桌面的压强变为原来

的2倍，即2p

2

，故C正确，D错误。

第5页（共12页）

故选：D。

【点评】此题考查了学生对压强的大小及其计算的理解和掌握。同时要让学生区分压强

公式和液体压强公式的正确使用。

13．【分析】（1）使用滑轮组时可以省力，省力但费距离；

（2）由图知，n＝3，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G），据此求动滑轮的重力；

动

（3）物体处于静止或匀速直线运动时，物体处于平衡状态，受平衡力，受到的合力为0；

（4）利用速度公式求物体上升的速度，绳子自由端拉动的速度等于物体上升速度的3倍。

【解答】解：

A、使用滑轮组时F＝20N、G＝50N，拉力F＜G，可以省力，拉力端移动距离s＝3h，

省力但费距离，故A错误；

B、不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G

动

），

则动滑轮的重力：G＝3F﹣G＝3×20N﹣50N＝10N，故B正确；

动

C、物体M匀速上升，且沿直线运动，处于平衡状态，受平衡力，受到的合力为0，故C

错误；

D、物体上升速度v

物物

＝＝＝1m/s，绳子自由端移动的速度：v＝3v＝3×1m/s＝3m/s，

故D正确。

故选：AC。

【点评】本题考查了滑轮组的特点、动滑轮重力的计算、二力平衡条件和速度公式的应

用，属于基础题目。

14．【分析】（1）根据物体的受力平衡即可判断木块所受浮力、拉力与重力的关系，并据此

可判断加水和盐水后是否会对这种平衡造成影响；

（2）绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变等于容器重、水重和木块重之和，再利用

压强公式判断出对桌面压强的变化；

（3）剪断绳子后，根据排开液体的体积变化，判断出水深度的变化，根据水的深度变化

利用p＝ρgh判断水对烧杯底部的压强变化，由p＝判断出水对容器底的压力的变化。

【解答】解：A、木块在绳子拉力作用下恰好浸没在水中，木块受到竖直向下的重力、竖

直向下的拉力和竖直向上的浮力作用，沿容器壁向容器中缓慢加盐水，液体的密度变大，

排水体积不变，根据F＝ρ知浮力变大，则木块受到的绳子的拉力变大，故A正

浮液排

gV

第6页（共12页）

确；

B、沿杯壁缓慢加水，木块所受的重力不变，排水体积不变，根据FgV

浮液排

＝ρ知浮力也

不变，木块仍处于平衡状态，因此，木块受到绳子的拉力不变，故B错误；

C、绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变，都等于容器重、水重和木块重之和，容器

的底面积不变，根据p＝知容器对水平桌面的压强不变，故C错误；

D、剪断绳子，木块上升露出水面的过程中，水的液面下降，根据p＝ρgh可知水对烧杯

底部的压强变小，容器的底面积不变，根据压强公式的变形式F＝pS知水对容器底的压

力变小，故D正确。

故选：AD。

【点评】本题准确分析物体的受力情况，熟练运用阿基米德原理、压强公式和液体压强

公式是解答此题的关键。

三.作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）

15．【分析】物体受到重力和斜面的支持力，然后结合物体沿表面光滑的固定斜面向上运动，

得出物体不受摩擦力，然后画出受力图即可。

【解答】解：已知斜面是光滑的，说明物体不受斜面摩擦力的作用。所以在斜面上运动

的物体只受到竖直向下的重力G和垂直斜面向上的支持力F的作用。如图：

。

【点评】该题要求画出沿斜面向上运动的物体受到的力，属于受力分析的初步的题目类

型，在解答的过程中，一定要按照重力、弹力、摩擦力、其他的力的顺序依次分析，养

成良好的受力分析的习惯。

16．【分析】根据杠杆平衡的条件，F×L＝F×L，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况

1122

下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动

力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。

【解答】解：OC就是最长的动力臂，连接OC，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，

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动力方向应向上，据此从C点垂直于OC向上画出最小动力F的示意图；如图所示：

【点评】本题考查了最小动力和动力臂的画法。杠杆中的最小动力，可以按照以下几个

步骤进行：

（1）确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；

（2）连接支点与动力作用点，得到最长的线段；

（3）经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；

（4）根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。

四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）

17．【分析】（1）力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显；

（2）压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关，根据控制变量法分析解答；

（3）根据影响压强大小的因素分析；

（4）根据控制变量法，由甲、乙图得出结论，逐一分析每个选项，找出可以解释下列现

象的选项。

【解答】解：（1）实验中，是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的；

（2）乙、丙两图中，压力的大小相同，受力面积不同，受力面积越小，海绵凹陷的程度

大，压力作用效果明显，故可以得出压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明

显；

（3）根据公式p＝可知，压力相同，受力面积也相同，故压强也相同，即p＝p；

丙丁

（4）由实验甲、乙实验知，受力面积相同，压力越大，压力作用效果明显；

A.坦克宽大的履带是通过增大受力面积减小压力作用效果，故A不符合题意；

B.压路机的质量较大是通过增大压力来增大压力作用效果，故B符合题意；

C.破窗锤通过减小受力面积增大压力作用效果，故C不符合题意；

D.滑雪板的面积较大是通过增大受力面积减小压力作用效果，故D不符合题意；

故选：B。

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故答案为：（1）凹陷程度；（2）小；（3）＝；（4）B。

【点评】掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法和转换法探究压力作用效果的

影响因素；根据物体形变的大小比较压力的作用效果时，必须保持接触面的材料相同。

18．【分析】（1）物体动能的大小，可由它对外做功的多少来体现，球把纸盒推出的距离长，

说明的物体对外做的功多，进而体现它的动能大，这是一种转换的方法；根据牛顿第一

定律，若水平面绝对光滑，则纸盒不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动；

（2）动能的决定因素有两个：质量和速度。根据控制变量法的思路，去分析解决；研究

动能与速度关系，必须保证质量相同，而速度不同，比较两图得出结论；

（3）斜面光滑，则机械能是守恒的；

小球在向下运动时，机械能守恒，重力势能转化成的动能相同。

【解答】解：（1）本实验中是通过观察纸盒被推动的距离的大小来比较小球动能大小的，

这里采用了转换法的思想；

小球从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，小球和纸盒不受摩擦力作用，小球和纸盒所受

合力为0，所以小球和纸盒将做匀速直线运动，不能达到实验目的；

（2）由于动能的大小与质量和速度有关，故想研究动能大小与速度的关系，应控制速度

质量不变，故只需将相同质量的小球从不同高度释放，比较其推动纸盒所移动的距离大

小即可，图甲、乙符合题意；由甲、乙图知小球的质量相同，甲图的高度大，小球滑到

斜面底端的速度大，小球的动能大，做功多，运动的距离大，故可以得出质量一定时，

速度越大，动能越大；

（3）若斜面光滑，不存在摩擦，则小球从静止滚到斜面底端的过程中，重力势能全部转

化为动能，小球的机械能是守恒的；

小球从不同倾斜角度的斜面，同一高度处由静止滑下，同一小球的重力势能相同，斜面

光滑，没有摩擦力，机械能守恒，小球从斜面上滑下，重力势能全部转化为动能，重力

势能相等，动能相等，所以纸盒运动距离不变。

故答案为：（1）纸盒移动的距离；不能；（2）甲、乙；大；（3）守恒；不变。

【点评】明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时

运用了转换法。

19．【分析】（1）平衡螺母向上翘的一端移动，能使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置

平衡，杠杆重力的力臂为零，杠杆重对实验没有影响，便于测量力臂；

（2）（3）（4）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，根据杠杆的平衡条件分

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析解答；判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断，考查对

物理模型的抽象、分析能力；

（5）先确定两边力臂大小关系，再由杠杆的平衡条件来判断，力臂短的那边大树重力大。

【解答】解：（1）杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将两端的平衡螺母（左

端和右端的均可）向左调节，能使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置平衡，杠杆重

力的力臂为零，杠杆重对实验没有影响，便于测量力臂；

（2）如图乙所示，杠杆恰好在水平位置平衡，若一个钩码重G，每个小格长度L，若在

A处下方再挂一个相同的钩码，则杠杆左侧：4G×2L＝8GL，为使杠杆保持水平平衡，

根据杠杆的平衡条件支点右侧应为2G×4L＝8GL，需将挂在B处的钩码向右移动1个小

格；

（3）如图丙所示，小明取下B处钩码，改用弹簧测力计钩在C处，若弹簧测力计竖直

向上拉动使杠杆在水平平衡，根据杠杆的平衡条件：4G×2L＝F×4L，则F＝2G，但此

时弹簧测力计是斜着拉动，力臂小于竖直拉动时的力臂，拉力大于F＝2G＝2×0.5N＝1N；

若将该弹簧测力计绕C点沿逆时针方向转到竖直向上的位置，而在该过程中杠杆始终保

持水平平衡，阻力阻力臂不变，弹簧测力计的力臂变大，根据杠杆的平衡条件，则弹簧

测力计的示数变小；

在弹簧测力计拉力的方向竖直向上时，把弹簧测力计施加的力视为动力，杠杆平衡，动

力臂大于阻力臂，它是省力杠杆，我们在使用核桃夹时是为了省力，并且在使用过程中

动力臂大于阻力臂，生活中相关杠杆的应用与此杠杆类型相同的是核桃夹；

（4）小明经过多次实验分析实验数据后得出了杠杆的平衡条件是：动力×动力臂＝阻力

×阻力臂；

（5）将大树以悬挂点点O分为左右两部分；

根据杠杆平衡条件：F＝G，

1122

L＝FL，由题意可得：GLL

左左右右

因物体的重心在物体的几何中心，则杠杆示意图如图：

由图知：L＜L，所以G＞G；即G

左右左右

AB

＞G。

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故答案为：（1）左；便于测量力臂；（2）1；（3）大于；变小；核桃夹；（4）动力×动力

臂＝阻力×阻力臂；（5）＞。

【点评】此题主要考查学生对于杠杆平衡条件的理解，解题的关键是理解力臂的概念，

它是指从支点到力的作用线的距离。

五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）

20．【分析】（1）利用V＝a

3

算出物体的体积，由题意可知，木块漂浮在水面上，根据F

浮

＝ρ可求木块所受到的浮力大小，根据漂浮条件算出木块的重力；

液排

gV

（2）根据浸入水中的体积占木块总体积的算出木块下表面所处的水的深度，根据p＝

ρgh求出下表面受到水的压强；

（3）利用阿基米德原理求出物体全部浸没时受到水的浮力；若使物体全部浸入水中而静

止，则F′＝G

浮木

+F，即可求压力。

【解答】解：（1）正方体木块的边长为10cm，其体积：V＝（10cm）＝1000cm＝1.0

木

33

×10，

33

m

﹣

浸入在水中的体积：V＝V＝×1.0×10＝8×10，

排木

3343

mm

﹣﹣

木块受到的浮力：F＝ρgV＝1.0×10×10N/kg×8×10＝8N；

浮排

3343

kg/mm

﹣

因木块处于漂浮状态，则木块的重力：G＝F＝8N；

木浮

（2）下表面所处的深度为：h＝a＝×10cm＝8cm＝0.08m，

木块下表面受到水的压强：

p＝ρgh＝1.0×10kg/m

33

×10N/kg×0.08m＝800Pa；

（3）木块全部浸没时受到水的浮力：

F′gVkg/mm

浮水木

＝ρ＝1×10×10N/kg×1.0×10＝10N；

3333

﹣

由力的平衡条件可得：F′＝G

浮木

+F，

则需要施加的压力：F＝F′﹣G＝10N﹣8N＝2N。

浮木

答：（1）木块的重力大小为8N；

（2）木块下表面受到的水的压强为800Pa；

（3）若要将木块全部浸入水中，需要施加的压力为2N。

【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的理解与掌握，

虽知识点多，但都属于基础内容，难度不大。

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21．【分析】（1）知道斜面长、所用时间，利用v＝求将货物沿斜面的运动速度；

（2）利用斜面将货物匀速推到车上，利用W＝Gh求有用功，利用W＝Fs求总功，额外

功等于总功减去有用功，再利用W＝fs求摩擦力；

额

（3）斜面的机械效率等于有用功与总功之比；

（4）货物在车内水平面上运动的过程中，利用W＝Fs求推力做功，利用P＝求推力做

功功率。

【解答】解：

（1）将货物沿斜面推到车上的过程中，货物的运动速度：

v＝＝＝0.15m/s；

（2）货物在斜面上运动的过程中，

推力做的有用功：W＝Gh＝1000N×0.9m＝900J，

有用

推力做的总功：W＝Fs＝800N×1.5m＝1200J，

总

额外功：W＝W﹣W＝1200J﹣900J＝300J，

额总有用

由W＝fs得摩擦力：

额

f＝＝＝200N；

（3）斜面的机械效率：

η＝＝×100%＝75%；

1.8m，

此过程中推力做功：W＝Fs′＝800N×1.8m＝1440J，

此过程中推力的功率：P＝＝＝288W；

（4）货物在车内水平面上运动的过程中，推力F＝800N，沿水平方向推动的距离s′＝

答：（1）货物沿斜面运动的速度为0.15m/s；

（2）货物在斜面上运动的过程中，受到摩擦力的大小为200N；

（3）斜面的机械效率为75%；

（4）货物在车内水平面上运动的过程中推力的功率为288W。

【点评】本题为力学综合题，考查了速度公式、功的公式、功率公式、机械效率公式的

应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。

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