2017年新疆乌鲁木齐市中考物理一模试卷

2023年4月25日发(作者：入户花园设计效果图)

2017年新疆乌鲁木齐市中考物理一模试卷

一、选择题（本题有10个小题每题3分，共30分．每小题4个选项，其中只

有1个选项是符合题意的．选对得3分，多选、不选、错选不得分）

1．（3分）即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最合理的是（ ）

A．夏天教室内的温度约为45℃

B．运动会上200米赛跑冠军用时约为10s

C．书桌的高度约为80cm

D．教室内每盏日光灯的功率约为400W

2．（3分）光的世界丰富多彩，下列现象中，属于光的折射现象的是（ ）

A．树荫下的圆形光斑 B．晴天看见“白云在水中飘动”

C．奇妙的光导纤维 D．雨后彩虹

3．（3分）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）

A．物体温度升高，内能增加

B．温度高的物体含有的热量多

C．物体内能增加，一定吸收了热量

D．0℃的冰没有内能

4．（3分）如图所示，小杜同学用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，

看到验电器的金属箔张开，在这个过程中（ ）

A．玻璃棒和验电器都带负电荷

B．玻璃棒带正电荷，验电器带负电荷

C．用丝绸摩擦过的玻璃棒产生了电荷

D．金属箔张开是因为同种电荷相排斥

5．（3分）如图所示电路，两盏相同的电灯在闭合开关后都能发光．过了一会儿，

两盏电灯突然同时都不亮了，且电压表和电流表的示数均变为零．如果电路只有

一处故障，则故障可能是（ ）

第1页（共38页）

A．电灯L断路 B．电灯L断路 C．电灯L短路 D．电灯L短路

1212

6．（3分）掷实心球是某市的中考体育加试项目之一．掷出去的实心球从a处出

手后，在空中运动的轨迹如图所示，球最终停在水平地面e点处（不计空气阻

力）．则实心球（ ）

A．在a处重力势能最小 B．在b处动能为零

D．在d处动能为零C．在a、b、c三处的机械能相等

7．（3分）如图是手摇发电机的构造示意图，摇动手柄，线圈在磁场中转动，小

灯泡发光，下列实验中和手摇发电机工作原理相同的是（ ）

A． B． C．

D．

8．（3分）如图，用撬棒撬起石块并保持平衡，下列说法正确的是（ ）

第2页（共38页）

A．动力对撬棒的转动效果小于阻力对撬棒的转动效果

B．手在A点竖直向下施力时，撬棒是个省力杠杆

C．手在A点向不同方向施力时，力的大小都相等

D．手分别在A、B两点沿竖直向下方向施力时，在B点比在A点费力

9．（3分）如图所示电路，电源两端电压U保持不变．灯上标有“4V 2W”字样，

灯的电阻不受温度影响．当开关S断开时，灯泡正常发光，电压表V与V的示

12

数之比为1：2；当开关S闭合时，电流表示数改变了0.2A．下列说法中正确的

是（ ）

A．电阻R=12Ω

1

B．当S闭合时，电路消耗的总电功率P=9.8W

C．电源电压U=9V

D．当S断开时，相等的时间内R与R消耗的电能之比是1：4

12

11．（3分）如图所示，当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中的体积为物体体积

的时，弹簧测力计的示数为5.0N；当物体浸在水中的体积为物体体积的时，

弹簧测力计的示数为3.5N．从弹簧测力计上取下物体将其缓慢的放入水中（容

器足够大，水足够多），则物体静止时受到的浮力为（ ）

第3页（共38页）

A．9.0N B．8.5N C．8.0N D．7.5N

二、填空题（共30分）

12．（2分）手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用 传递信息的．人

们在不同场合需要选择不同的音量，改变的是手机声音的 ．接听电话时能辨

别不同的人，是因为不同人说话时声音的 不同．

13．（6分）电冰箱里的食物容易相互“窜味”，从物理角度分析，食物“窜味”属于

现象，当打开冰箱门时，往往会看到冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气

（选填物态变化名称）形成的，这个过程中水蒸气 （选填“吸收”或“放出”）

热量．

14．（6分）我市出租车大多使用天然气来代替燃油．天然气是一种清洁燃料，

它是 （填“可再生”或“不可再生”）能源．某出租车在一段时间内消耗了400g

天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出热量 J（天然气的热值为4.4×

10J/kg）；天然气燃烧时将 能转化为内能．

7

15．（6分）太阳能路灯的灯杆顶端有太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能．并

向灯杆下方的蓄电池充电，供夜晚路灯照明．能量的转移和转化是有的．若在一

段时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为7.5kW•h，合 J；这些能

量经转化后，可供功率为35W的路灯工作60h，那么该太阳能路灯的能量转化

率是 %．（水的比热容4.2×10J/（kg•℃））

3

16．（6分）一辆汽车以20m/s的速度在水平路面上沿直线匀速行驶5分钟，汽

车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍，则牵引力为 N，此时

汽车的功率为 kW，重力做的功为 J．（取g=10N/kg）

17．（6分）如图所示，将一块质地均匀的长木板平放在水平桌面上，长木板对

桌面的压强为p，用水平力F向右推动长木板，长木板受到桌面的摩擦力大小为

1

第4页（共38页）

f，当长木板运动到桌面的右边缘时，立即撤去水平推力F，由于长木板具有

1

将继续向右运动，直到长木板的三分之一离开桌面时刚好停止，此时长木板对桌

面的压强为p，则p p，在撤去推力到长木板停止运动的过程中，长木板受

212

到桌面的摩擦力大小为f，则f f．（后两空选填“大于”、“小于”或“等于”）

212

18．（6分）巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻随磁场增大急剧减小的

现象．如图是巨磁电阻特性原理示意图，GMR是巨磁电阻，电源电压恒定，当

开关S、S都闭合时，滑动变阻器滑片P向左滑动时，电流表示数将 （“变

12

大”、“变小”或“不变”），电磁铁的磁性 （增强或减弱），指示灯的亮度将 （”、

“变暗”或“不变”）．

19．（6分）如图所示，电源电压为6V，电阻R=10Ω，电流表量程为0﹣0.6A，

0

电压表量程为0一3V，滑动变阻器上标有“20Ω0.5A”字样．则当电路中电流最小

时，2min内电流通过电阻R产生的热量是 J；为了保证电路安全，滑动变阻

0

器R接入电路的最小阻值为 Ω．

20．（6分）用发光二极管制成的LED灯具有发光效率高、使用寿命长等优点．如

图甲所示是一个定值电阻R和一个LED灯的电流与其两端电压关系的图象．

（1）观察图象可知，R的阻值为 Ω．

第5页（共38页）

（2）如图乙所示，将LED灯与R串联在电路中，若LED灯的电功率为0.06W，

则R中的电流为 A，电路的总功率为 W．

21．（6分）如图所示的滑轮组（不计绳重及摩擦），工人师傅用40N的拉力将质

量为5kg、底面积为1600cm的空吊篮A匀速提升到二楼平台，动滑轮的重是

2

N．此滑轮组的机械效率为 %；若静止在二楼平台的吊篮里装了1020N的砖

块，绳子B和C能承受的最大拉力分别为1000N和600N，当质量为50kg的工人

师傅拉绳子C时，吊篮对二楼平台的最小压强为 Pa．

三、作图题（每题2分，共6分）

22．（2分）如图是光线从空气射向水面的示意图，在图上画出反射光线和折射

光线的大致光路．

23．（6分）如图所示的曲棒ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使曲棒ABC在

图中位置保持平衡时所需的最小力的示意图．

第6页（共38页）

24．（2分）如图所示，请你根据小磁针的指向标出电源的“+、﹣”极；

四、实验题（本题有3个小题每空1分，共14分）

25．（4分）在探究“冰的熔化特点”的实验中，如图甲所示是某时刻温度计的示数，

图乙所示是根据实验数据绘制的温度﹣时间关系图象，已知冰的质量为100g．

（1）图甲所示温度计的示数是 ℃．

（2）物质在第5min具有的内能比第7min时的内能 ．

（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了 J的热

量．[c=2.1×10J/（kg•℃），c=4.2×10J/（kg•℃）]

冰水

33

（4）在图乙所示中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为 ．

26．（5分）小华同学用蜡烛、凸透镜和光屏等器材做“探究凸透镜成像规律”的实

验．

（1）在如图甲所示的位置上，光屏上成的像是等大的倒立的实像．分析实验成

像情况可知实验中所用凸透镜的焦距为 cm．

第7页（共38页）

（2）当把点燃的蜡烛由图甲所示位置向右移至光具座的35cm刻度时，向 （选

填“左”或“右”）移动光屏会得到一个倒立、 的实像； 就是利用这一成像

规律工作的．

（3）小明用此光具座模拟人眼看远近不同物体的情况，当人眼看清眼前30cm

处的物体时，凸透镜的位置、形状如图乙所示．如果将物体移至眼前50cm处，

保持透镜（晶状体）、光屏（视网膜）之间距离不变，则应该换上更 （选填“薄”

或“厚”）的凸透镜（凸透镜直径大小相同），才能在光．

27．（5分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中（小灯泡有“3.8V”字样），电源电

压恒定．

（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器

滑片P向右滑动时灯泡变亮．

（2）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片P使电压表示数为

时，电流表示数如图乙所示，通过灯泡的电流为 A，灯泡的额定功率为 W．

（3）做完实验后，小明看到实验台上有一个定值电阻R，上边的数字模糊不清，

想测出它的阻值，可是发现电压表损坏，经过小组讨论设计了如图丙和丁两个电

路图，小明认为利用前面的数据和这两个电路图，都能测出R的阻值．你认为能

测出R阻值的电路图是 ．

五、计算题（共10分）

28．（5分）如图所示，电源电压U为6V并保持不变，滑动变阻器规格为“24Ω

1A”．当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数0.5A；当滑片P移至

中点时，电流表示数为0.3A．

（1）灯泡正常发光时灯丝电阻多大？

（2）滑片P在最左端时，5min内电流通过灯泡做功多大？

（3）滑片P在中点时，灯泡的实际功率多大？

第8页（共38页）

29．（5分）如图所示，水平地面上有底面积为40cm的薄壁容器．体积为V=200cm

23

的木块A在绳子向下的拉力F=0.8N的作用下完全浸没在水中（绳子重力不计）．此

时液面到容器底的距离是30cm，求：

（1）水对容器底的压强．

（2）木块的重力．

（3）剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了多少．

第9页（共38页）

2017年新疆乌鲁木齐市中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题有10个小题每题3分，共30分．每小题4个选项，其中只

有1个选项是符合题意的．选对得3分，多选、不选、错选不得分）

1．（3分）（2016•临夏州）即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最合理

的是（ ）

A．夏天教室内的温度约为45℃

B．运动会上200米赛跑冠军用时约为10s

C．书桌的高度约为80cm

D．教室内每盏日光灯的功率约为400W

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有

的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．

【解答】解：

A、夏天，室外温度可能超过35℃，教室内温度要低于35℃，不可能达到45℃．此

选项不符合实际；

B、男子百米世界纪录略小于10s，200m赛跑成绩不可能是10s．此选项不符合

实际；

C、中学生的身高在160cm左右，书桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm

左右．此选项符合实际；

D、教室内日光灯正常工作的电流在0.2A左右，发光功率在P=UI=220V×0.2A≈

40W左右．此选项不符合实际．

故选C．

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能

力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．

2．（3分）（2016•咸宁）光的世界丰富多彩，下列现象中，属于光的折射现象的

是（ ）

第10页（共38页）

A．树荫下的圆形光斑 B．晴天看见“白云在水中飘动”

C．奇妙的光导纤维 D．雨后彩虹

【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播．光沿直线传播的实例有：小孔成

像、激光准直、影子、日食和月食等；

（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；

（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的

折射现象．

【解答】解：A、树荫下的圆形光斑是小孔成像，小孔成像是光沿直线传播形成

的，故A不符合题意；

B、“白云在水中飘动”是平面镜成像，属于光的反射形成的现象，故本B不符合

题意；

C、激光在光纤内壁不断反射向前传播，属于光的反射现象，故C不符合题意．

D、光的色散是由光的折射形成的，由于不同色光折射程度不同，所以把白光折

射分成各种色光．彩虹就属于色散现象，故D符合题意；

故选D．

【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光

的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用

的目的．

3．（3分）（2017•米东区校级一模）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说

法正确的是（ ）

A．物体温度升高，内能增加

B．温度高的物体含有的热量多

C．物体内能增加，一定吸收了热量

D．0℃的冰没有内能

【分析】要解答本题需掌握：（1）内能与物体的质量、温度、状态等因素有关；

（2）描述热量的物理术语；

（3）改变物体内能的两种方法是等效的；

（4）一切物体都具有内能．

第11页（共38页）

【解答】解：A、同一物体，温度越高，内能越大，故A正确；

B、热量是一状态量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B不正

确；

C、改变物体内能的方法有：做功和热传递；因此一个物体的温度升高，不一定

要从外界吸收热量，可能是对物体做功导致的．故C不正确；

D、一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能．故D

不正确．

故选A．

【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、分子的热运动及改变物

体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点．

4．（3分）（2016•重庆）如图所示，小杜同学用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电

器的金属球，看到验电器的金属箔张开，在这个过程中（ ）

A．玻璃棒和验电器都带负电荷

B．玻璃棒带正电荷，验电器带负电荷

C．用丝绸摩擦过的玻璃棒产生了电荷

D．金属箔张开是因为同种电荷相排斥

【分析】（1）人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带

负电；

（2）电荷规律：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引．

【解答】解：

用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电．

AB、玻璃棒带正电，当其与验电器接触时，验电器也带正电，故AB错误；

C、摩擦起电是电荷的转移，不是创造了电荷，故用丝绸摩擦过的玻璃棒显正电

性，是由于一部分电子转移到丝绸上的缘故，故C错误；

D、据验电器的原理可知，金属箔张开是因为同种电荷相排斥，故D正确；

第12页（共38页）

故选D．

【点评】本题考查了两种电荷及电荷间的作用规律，属于基本内容，比较简单．

5．（3分）（2005•南京）如图所示电路，两盏相同的电灯在闭合开关后都能发光．过

了一会儿，两盏电灯突然同时都不亮了，且电压表和电流表的示数均变为零．如

果电路只有一处故障，则故障可能是（ ）

A．电灯L断路 B．电灯L断路 C．电灯L短路 D．电灯L短路

1212

【分析】电路故障分为短路和断路．如图灯L和灯L串联，电压表测灯L两端

122

电压．在闭合开关后两盏电灯突然同时都不亮了，且电压表和电流表的示数均变

为零．如果是电路短路，电路中还有电流．则电路为断路，电路中无电流．

【解答】解：A、电灯L断路，则整个电路中都没有电流，灯都不亮，电表无示

1

数．符合题意．

B、电灯L断路．则电压表会与灯L串联，电压表分担电源电压有示数，灯不亮，

21

电流表无示数．不合题意．

C、电灯L短路，灯L会分担电源电压，会变亮，电表有示数．不合题意．

12

D、电灯L短路，电压表也短路无示数．但灯L会分担电源电压，会变亮，电流

21

表有示数．不合题意．

故选A．

【点评】此题考查了电路故障，要学会使用电流表、电压表来检测电路故障．

6．（3分）（2016•安徽）掷实心球是某市的中考体育加试项目之一．掷出去的实

心球从a处出手后，在空中运动的轨迹如图所示，球最终停在水平地面e点处（不

计空气阻力）．则实心球（ ）

第13页（共38页）

A．在a处重力势能最小 B．在b处动能为零

D．在d处动能为零C．在a、b、c三处的机械能相等

【分析】（1）动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动

能越大；

（2）重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度

越高，重力势能越大；

（3）不计空气阻力和摩擦力，即说明机械能是守恒的．

【解答】解：

A、重力势能的大小与物体的质量，高度有关，据图可知，d、e两点高度最小，

重力势能最小，故A错误；

B、据图可知，球再b点时，竖直方向是静止的，但在水平方向上仍有速度，所

以此时的动能不是零，故B错误；

C、不计空气阻力，即说明球在空中的机械能是守恒的，在a、b、c三处的机械

能相等，故C正确；

D、据图可知，球达到d点后没有静止，仍然向前滚动，所以动能不是零，故D

错误；

故选C．

【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，重力势能和动能的变化要从质量、高

度和速度来分析，动能的变化看质量和速度的变化，重力势能的变化分析质量和

高度的变化．不考虑空气阻力，机械能的总量不变．

7．（3分）（2016•武汉）如图是手摇发电机的构造示意图，摇动手柄，线圈在磁

场中转动，小灯泡发光，下列实验中和手摇发电机工作原理相同的是（ ）

A． B． C．

第14页（共38页）

D．

【分析】当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电

流，这就是电磁感应现象．

【解答】解：手摇发电机是利用电磁感应现象的原理工作的，则

A、该图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，与发电机无关，故A错误；

B、此图为研究通电螺线管磁场的特点的装置，与发电机无关，故B错误；

C、此图中有电源，磁场中的导体通电后，会受力运动，即说明通电导线在磁场

中受力的作用，故C错误；

D、此图中没有电源，当磁场中的金属棒做切割磁感线运动时，电路中就会产生

感应电流，故电磁感应现象，该现象就是发电机的原理，故D正确；

故选D．

【点评】能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键．

8．（3分）（2016•哈尔滨）如图，用撬棒撬起石块并保持平衡，下列说法正确的

是（ ）

A．动力对撬棒的转动效果小于阻力对撬棒的转动效果

B．手在A点竖直向下施力时，撬棒是个省力杠杆

C．手在A点向不同方向施力时，力的大小都相等

D．手分别在A、B两点沿竖直向下方向施力时，在B点比在A点费力

【分析】根据杠杆的平衡条件，动力×动力臂=阻力×阴力臂，当动力臂大于阻

力臂时，为省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，为费力杠杆；

当阻力×阻力臂为定值时，动力臂越长越省力．

第15页（共38页）

【解答】解：A．因用撬棒撬起石块并保持平衡，根据杠杆的平衡条件，动力乘

动力臂等于阻力乘阻力臂．所以动力对撬棒的转动效果等于于阻力对撬棒的转动

效果；A选项错误；

B．分别画出手在A点竖直向下施力F的力臂OD和阻力的力臂OC，如右图二幅

1

图的右图，由图可知，OD＞OC，即动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件，

动力小于阻力，撬棒是个省力杠杆，B选项正确；

C．手在A点向不同方向施力时，力的力臂可能大于OC，也可能于OC：当在A

点施加的力F垂直棒向下时，OA即为动力臂，易知，OA＞OD，根据杠杆的平

2

衡条件F＜F，；当施加的力F的方向如右上图的左图时，动力臂为OE＜OC，

213

根据杠杆的平衡条件，F＞F，所以，手在A点向不同方向施力时，力的大小不

31

相等，C选项错误；

D、手分别在A、B两点沿竖直向下方向施力时，易知，在A点的动力臂小于在B

点的动力臂，根据杠杆的平衡条件，手分别在A点沿竖直向下方向施力大于在B

点沿竖直向下方向施加的力，所以，D选项错误．

故选B．

【点评】本题考察杠杆平衡条件的具体运用，关键是在不同的情况下正确画出动

力臂，比较大小，根据杠杆的平衡条件得出结论．

9．（3分）（2017•米东区校级一模）如图所示电路，电源两端电压U保持不变．灯

上标有“4V 2W”字样，灯的电阻不受温度影响．当开关S断开时，灯泡正常发

光，电压表V与V的示数之比为1：2；当开关S闭合时，电流表示数改变了

12

0.2A．下列说法中正确的是（ ）

第16页（共38页）

A．电阻R=12Ω

1

B．当S闭合时，电路消耗的总电功率P=9.8W

C．电源电压U=9V

D．当S断开时，相等的时间内R与R消耗的电能之比是1：4

12

【分析】（1）当开关S断开时，R、R、L串联，V测R和L两端的电压，V测

12122

R和L两端的电压；此时灯泡正常工作，根据铭牌求出灯泡的电阻和电路中的电

1

流，根据欧姆定律和电压表的示数关系表示出R、R之间的关系；

12

（2）当开关S闭合时，R、R串联，先求出此时电路中的电流，根据电源的电

12

压不变得出等式，联立等式求出R、R的阻值；进一步求出电源的电压，根据

12

P=UI求出当S闭合时电路消耗的总电功率；根据串联电路电流规律和P=IR求出

2

当S断开时相等的时间内R与R消耗的电能之比．

12

【解答】解：（1）当开关S断开时，R、R、L串联，

12

∵灯泡正常工作，

∴电路中的电流I=I===0.5A，

L

R===8Ω，

L

∵电压表V与V的示数之比为1：2，

12

∴=，即R﹣2R=R=8Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

12L

（2）当开关S闭合时，R、R串联，

12

电路中的电流I′=I+0.2A=0.5A+0.2A=0.7A，

∵电源的电压不变，

∴U=I（R+R+R）=I′（R+R），

12L12

即R+R=20Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

12

由①②两式可得：R=16Ω，R=4Ω，

12

第17页（共38页）

电源的电压U=I（R+R+R）=0.5A×（16Ω+4Ω+8Ω）=14V；

12L

当S闭合时，电路消耗的总电功率P=UI′=14V×0.7A=9.8W；

当S断开时，相等的时间内R与R消耗的电能之比P：P=IR：IR=R：R=16Ω：

12121212

22

4Ω=4：1．

故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是公式及

其变形式的灵活应用和开关闭合、断开时电路的辨别以及电表所测元件的判断；

难点是根据电压表的示数关系和电源的电压不变建立等式并进行相关的计算．

11．（3分）（2013•乌鲁木齐）如图所示，当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中

的体积为物体体积的时，弹簧测力计的示数为5.0N；当物体浸在水中的体积为

物体体积的时，弹簧测力计的示数为3.5N．从弹簧测力计上取下物体将其缓慢

的放入水中（容器足够大，水足够多），则物体静止时受到的浮力为（ ）

A．9.0N B．8.5N C．8.0N D．7.5N

【分析】（1）先利用称重法求浸在水中的体积为物体体积的时和物体浸入一半

时受到的浮力，从而得出物体的体积和重力；

（2）利用F=ρgV求出此时物体受到的浮力，和重力比较，确定物体存在的状

浮排

态，利用物体的浮沉条件求此时物体受到的浮力．

【解答】解：（1）由“当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中的体积为物体体积的

时，弹簧测力计的示数为5.0N；”可得：

F=G﹣F，

浮拉

11

即ρgV=G﹣5.0N…①；

水

第18页（共38页）

由“当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中的体积为物体体积的时，弹簧测力计

的示数为3.5N；”可得：

ρgV=G﹣3.5N…②

水

由①﹣②，解得V=．

（2）当从弹簧测力计上取下物体将其缓慢的放入水中，假设其全部浸没，那么

它受到的浮力：

F=ρgV=1.0×10kg/m×g×V=1.0×10kg/m×g×=9N，

浮排

3333

将V=代入ρgV=G﹣5.0N…①；

水

解得G=8N，

∵F＞G，

浮

∴取下物体将其缓慢的放入水中，物体漂浮，

∴物体静止时受到的浮力为8.0N．

故选C．

【点评】本题考查了密度的计算、重力的计算、浮力的计算（漂浮条件、阿基米

德原理），涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题．

二、填空题（共30分）

12．（2分）（2016•河南）手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用 电

磁波 传递信息的．人们在不同场合需要选择不同的音量，改变的是手机声音的

响度 ．接听电话时能辨别不同的人，是因为不同人说话时声音的 音色 不同．

【分析】（1）电磁波既能传递信息又能传递能量，手机间通话就是利用了电磁波

的反射和接收；

（2）声音的特征有三个，即音调、响度、音色；改变音量是改变了声音的响度；

（3）不同人发出声音的音色是各不相同的，根据这点可判断来电的是熟人还是

陌生人；

【解答】解：（1）用手机打电话时，是利用电磁波的发射和接收来完成信息的传

第19页（共38页）

递；

（2）响度指声音的大小（或强弱）；手机选择不同的音量，改变音量是改变了声

音的响度，不同音量产生声音的音调和音色是不变的；

（3）音色是由发声体本身决定的，不同的发声体，其音调和响度可能相同，但

音色一般不同；接听电话时，一般能够知道对方是熟人还是陌生人，判断的主要

依据就是声音的音色不同；

故答案为：电磁波；响度；音色．

【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音

的，且影响三个特征的因素各不相同；手机间通话利用了电磁波的发射和接收

13．（6分）（2016•十堰）电冰箱里的食物容易相互“窜味”，从物理角度分析，

食物“窜味”属于 扩散 现象，当打开冰箱门时，往往会看到冷冻室的侧壁上有

很多霜，这是水蒸气 凝华 （选填物态变化名称）形成的，这个过程中水蒸气

放出 （选填“吸收”或“放出”）热量．

【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，扩散现象是分子运动的结

果；

物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热．

【解答】解：

所谓的串味，是这种食物中有另一种食物的味道，这是因为一切物质的分子总在

不停地做无规则的运动，所以组成这种食物的部分分子会运动到了另一种食物中

而造成食物“窜味”，这是一种扩散现象；

冷冻室的侧壁上有很多霜，是因为水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华是一个放热

过程．

故答案为：扩散；凝华；放出．

【点评】此题考查了生活中常见的扩散现象及物态变化，属于综合性题目，但难

度不大．

14．（6分）（2017•米东区校级一模）我市出租车大多使用天然气来代替燃油．天

然气是一种清洁燃料，它是 不可再生 （填“可再生”或“不可再生”）能源．某

第20页（共38页）

出租车在一段时间内消耗了400g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出热量

1.76×10 J（天然气的热值为4.4×10J/kg）；天然气燃烧时将 化学 能转化

77

为内能．

【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源．化

石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不

可再生能源；

（2）根据Q=mq计算出天然气燃烧放出的热量；

（3）燃料燃烧，化学能转化为内能．

【解答】解：

（1）天然气是化石能源的一种，化石能源、核能等能源会越用越少，不可能在

短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；

（2）消耗420g天燃气释放的热量：Q=mq=0.4kg×4.4×10J/kg=1.76×10J；

77

（3天然气燃烧时，天然气的化学能转化为内能．

故答案为：不可再生；1.76×10；化学．

7

【点评】此题主要考查的是学生对天然气燃料热值的理解和掌握，并能熟练的运

用热量公式进行计算是解决该题的关键．

15．（6分）（2017•米东区校级一模）太阳能路灯的灯杆顶端有太阳能电池板，

它能将太阳能转化为电能．并向灯杆下方的蓄电池充电，供夜晚路灯照明．能量

的转移和转化是有的．若在一段时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为

7.5kW•h，合 2.7×10 J；这些能量经转化后，可供功率为35W的路灯工作

7

60h，那么该太阳能路灯的能量转化率是 28 %．（水的比热容4.2×10J/

3

（kg•℃））

【分析】（1）1kW•h=3.6×10J；

6

（2）首先根据W=Pt求出路灯消耗电能的多少，然后根据η=求出能量转化效

率．

【解答】解：

因为1kW•h=3.6×10J，所以E=7.5kW•h=7.5×3.6×10J=2.7×10J；

667

由P=可得，路灯消耗的电能：

第21页（共38页）

W=Pt=0.035kW×60h=2.1kW•h，

太阳能路灯的能量转化率是η==×100%=28%．

故答案为：2.7×10；28．

7

【点评】此题主要考查的是电能单位换算、能量转化效率的理解和掌握，弄明白

灯泡消耗的电能是太阳能转化的有用能量，是解决此题的关键．

16．（6分）（2016•十堰）一辆汽车以20m/s的速度在水平路面上沿直线匀速行

驶5分钟，汽车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍，则牵引力为

3×10 N，此时汽车的功率为 60 kW，重力做的功为 0 J．（取g=10N/kg）

3

【分析】（1）汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力

是一对平衡力，根据f=0.2G=0.2mg求出阻力，利用二力平衡条件求出牵引力的

大小；

（2）根据P===Fv求出汽车的功率；

（3）重力竖直向下，汽车竖直向下没有移动距离，没有做功．

【解答】解：

（1）汽车做匀速运动，处于平衡状态由平衡条件得牵引力：

F=f=0.2G=0.2mg=0.2×1.5×10kg×10N/kg=3×10N；

33

（2）汽车的功率P===Fv=3×10N×20m/s=6×10W=60kW；

34

（3）汽车在重力的方向上没有移动距离，所以克服重力做的功做功为0．

故答案为：3×10；60；0．

3

【点评】本题考查重力、牵引力、做功和功率的计算，关键是公式及其变形的灵

活应用，要知道物体做匀速运动时，牵引力等于受到的阻力．

17．（6分）（2016•泸州）如图所示，将一块质地均匀的长木板平放在水平桌面

上，长木板对桌面的压强为p，用水平力F向右推动长木板，长木板受到桌面的

1

摩擦力大小为f，当长木板运动到桌面的右边缘时，立即撤去水平推力F，由于

1

长木板具有 惯性 将继续向右运动，直到长木板的三分之一离开桌面时刚好停

止，此时长木板对桌面的压强为p，则p 小于 p，在撤去推力到长木板停止

212

第22页（共38页）

运动的过程中，长木板受到桌面的摩擦力大小为f，则f 等于 f．（后两空选

212

填“大于”、“小于”或“等于”）

【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；

（2）根据p=，通过分析压力和受力面积的变化，判断压强的变化；

（3）滑动摩擦力大小的影响因素：压力和接触面的粗糙程度．

【解答】解：

（1）当长木板运动到桌面的右边缘时，立即撤去水平推力F，由于长木板具有

惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以将继续向右运动；

（2）直到长木板的三分之一离开桌面时，长木板的重力不变，所以对桌面的压

力不变，但受力面积变小，根据p=可知，对桌面的压强变大，则p小于p，

12

（3）在撤去推力到长木板停止运动的过程中，长木板对桌面的压力不变，接触

面的粗糙程度不变，所以长木板受到桌面的摩擦力大小不变．则f等于f．

12

故答案为：惯性；小于；等于．

【点评】此题考查惯性、压强大小比较、摩擦力大小的影响因素，是一道综合性

较强的题目，但难度不大，属于基础题．

18．（6分）（2017•米东区校级一模）巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电

阻随磁场增大急剧减小的现象．如图是巨磁电阻特性原理示意图，GMR是巨磁

电阻，电源电压恒定，当开关S、S都闭合时，滑动变阻器滑片P向左滑动时，

12

电流表示数将 变大 （“变大”、“变小”或“不变”），电磁铁的磁性 增强 （增

强或减弱），指示灯的亮度将 变亮 （”、“变暗”或“不变”）．

【分析】（1）由左图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻

第23页（共38页）

的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步根据影响电磁铁磁性大小

的因素可知其磁场变化，据此可知右图巨磁电阻的变化；

（2）由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，先判断巨磁电阻的变化，根据欧姆定

律可知电路中电流的变化，根据P=IR可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮

2

暗的变化．

【解答】解：

（1）由左图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动时，其接入电路中电阻变小，

总电阻减小，

电源电压恒定，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；

因电磁铁磁性的强弱与线圈匝数和通过的电流有关，且匝数不变，通过的电流越

大，磁性越强，所以，此时电磁铁的磁性变强；

（2）由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，因为巨磁电阻的阻值在磁场增大时急

剧减小，所以此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，

电路中的电流变大，通过指示灯的电流变大；

因为P=IR且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以指示灯的实际功率变大，

2

指示灯变亮．

故答案为：变大；增强；变亮．

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率

公式的应用等，判断出巨磁电阻的变化是解题的关键．

19．（6分）（2016•乐山）如图所示，电源电压为6V，电阻R=10Ω，电流表量程

0

为0﹣0.6A，电压表量程为0一3V，滑动变阻器上标有“20Ω0.5A”字样．则当电

路中电流最小时，2min内电流通过电阻R产生的热量是 48 J；为了保证电路

0

安全，滑动变阻器R接入电路的最小阻值为 10 Ω．

【分析】由电路图可知，R与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路

00

第24页（共38页）

中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据电阻的串

联和欧姆定律求出电路中的电流，利用焦耳定律求出2min内电流通过电阻R产

0

生的热量；

（2）当电压表的示数最大时电路中的电流最大，根据串联电路的电流特点和欧

姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联

求出滑动变阻器R接入电路的最小阻值．

【解答】解：由电路图可知，R与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测

00

电路中的电流．

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路总电阻：

R=R+R=20Ω+10Ω=30Ω，

总最大

0

电路中的最小电流：

I===0.2A，

最小

通电时间t=2min=120s，

则电流通过电阻R产生的热量：

0

Q=IRt

2

=（0.2A）×10Ω×120s

2

=48J；

当电压表的示数U=3V时，电路中的电流最大，

0

大

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的电流：

I===0.3A，

最大

电路中的总电阻：

R′===20Ω，

总

因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以滑动变阻器R接入电路的最小阻值：

R=R′﹣R=20Ω﹣10Ω=10Ω．

最小总

0

第25页（共38页）

故答案为：48；10．

【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和焦耳定律的应用，要能灵活运用

公式，关键是正确分析电路中的最大电流值和最小电流的确定，难度不大．

20．（6分）（2016•无锡）用发光二极管制成的LED灯具有发光效率高、使用寿

命长等优点．如图甲所示是一个定值电阻R和一个LED灯的电流与其两端电压关

系的图象．

（1）观察图象可知，R的阻值为 50 Ω．

（2）如图乙所示，将LED灯与R串联在电路中，若LED灯的电功率为0.06W，

则R中的电流为 0.02 A，电路的总功率为 0.08 W．

【分析】（1）从图象中读出任意一组R的电流和电压值，根据欧姆定律求出R

的阻值；

（2）将LED灯与R串联在电路中，根据图象得出LED灯的电功率为0.06W时的

电压和电流，根据串联电路的电流特点可知通过R的电流，根据图象读出R两端

的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，利用P=UI求出电路的总功

率．

【解答】解：（1）由图象可知，当U=1V时，通过的电流I=0.02A，

RR

由I=可得，R的阻值：

R===50Ω；

（2）将LED灯与R串联在电路中，

由图可知，当U=3V、I=0.02A时，LED灯的电功率：

LEDLED

P=UI=3V×0.02A=0.06W，

LEDLEDLED

第26页（共38页）

因串联电路中各处的电流相等，

所以，R中的电流：

I=I=I=0.02A，

RLED

由图象可知，R两端的电压U=1V，

R

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=U+U=1V+3V=4V，

RLED

电路的总功率：

P=UI=4V×0.02A=0.08W．

故答案为：（1）50；（2）0.02；0.08．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中

获取有用的信息是关键．

21．（6分）（2017•米东区校级一模）如图所示的滑轮组（不计绳重及摩擦），工

人师傅用40N的拉力将质量为5kg、底面积为1600cm的空吊篮A匀速提升到二

2

楼平台，动滑轮的重是 30 N．此滑轮组的机械效率为 62.5 %；若静止在

二楼平台的吊篮里装了1020N的砖块，绳子B和C能承受的最大拉力分别为

1000N和600N，当质量为50kg的工人师傅拉绳子C时，吊篮对二楼平台的最小

压强为 625 Pa．

【分析】由图可知使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2；

（1）先根据F=（G+G）求出动滑轮的重力；

动

（1）根据G=mg和η=×100%=×100%=×100%求出滑轮组的机械效

率；

（2）已知作用在C处的力，并结合B、C承受的最大拉力确定作用在B、C上的

第27页（共38页）

作用力，进一步得出吊篮对平台的最小压力，最后根据p=求出最小压强．

【解答】解：（1）提空吊篮A时，由F=（G+G）可得，动滑轮的重力：

动

G=2F﹣G=2×40N﹣5kg×10N/kg=30N；

动

（2）滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=×100%=×100%=×

100%=62.5%；

（3）工人师傅的重力：

G=mg=50kg×10N/kg=500N；

人人

绳子C承受的最大拉力大于工人师傅的重力，为了使工人不被绳子拉起来，所以

作用在绳子C的最大拉力F′只能为500N；

以动滑轮为研究对象，受向下的重力G和绳子B的拉力F，

动

B

由F′=（F+G）可得，此时绳子B的拉力：F=2F′﹣G=2×500N﹣30N=970N

BB

动动

＜1000N，即吊篮受到向上的拉力F最大为970N；

B

此时吊篮对二楼平台的压力最小、压强最小；

以吊篮和砖块的整体为研究对象，则地面受到的压力：

F″=G+G﹣F=5kg×10N/kg+1020N﹣970N=100N；

篮砖

B

吊篮对二楼平台的最小压强：p===625Pa．

故答案为：30；62.5；625．

【点评】本题考查了压强、机械效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活应用，

要注意绳子有效股数的判断和B端拉力的判断．

三、作图题（每题2分，共6分）

22．（2分）（2008•乌鲁木齐）如图是光线从空气射向水面的示意图，在图上画

出反射光线和折射光线的大致光路．

第28页（共38页）

【分析】要掌握光的反射定律及折射定律．

光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线和入射光线

分居法线两侧；反射角等于入射角．

光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内；折射光线和入射光线

分居法线两侧；光从空气斜射入水中，折射角小于入射角．

知道光在水面处将发生光的反射和折射现象．

【解答】解：光从空气斜射入水中，在水面处将发生反射和折射．

发生反射时，反射角等于入射角；光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角．

故答案为：

【点评】此题主要考查了反射光路和折射光路的画法，首先要掌握光的反射定律

和折射定律的内容，特别要注意反射角与入射角、折射角与入射角之间的关系，

并要注意光射到水面处时，要同时产生反射和折射．

23．（6分）（2017•米东区校级一模）如图所示的曲棒ABC可绕A点的转轴转动，

请画出要使曲棒ABC在图中位置保持平衡时所需的最小力的示意图．

【分析】根据杠杆的平衡条件FL=FL，要使动力最小，则动力臂需最长；

1122

从支点到力的作用点的距离最长，画出最长的力臂，根据力臂的概念作出力F的

示意图．

【解答】解：由题意知，最长的力臂为AC，连接AC，则F与AC垂直，又因为G

使杠杆沿逆时针转动，所以F应使杠杆沿顺时针转动，因此F方向应垂直AC向

第29页（共38页）

上．如图所示：

【点评】此题考查了杠杆中的最小力问题，根据杠杆的平衡条件，关键是确定最

长的力臂即从支点到力的作用点之间的距离．

24．（2分）（2017•米东区校级一模）如图所示，请你根据小磁针的指向标出电

源的“+、﹣”极；

【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁

极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极．

【解答】解：由图知：小磁针的磁极为：左S、右N，根据磁极间的相互作用，

可知螺线管的磁极为：左S、右N；则电源的右端为正极，左端为负极．如图所

示：

【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则．利用右手螺旋定则

既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕

法．

四、实验题（本题有3个小题每空1分，共14分）

25．（4分）（2017•米东区校级一模）在探究“冰的熔化特点”的实验中，如图甲

所示是某时刻温度计的示数，图乙所示是根据实验数据绘制的温度﹣时间关系图

象，已知冰的质量为100g．

（1）图甲所示温度计的示数是 ﹣4 ℃．

第30页（共38页）

（2）物质在第5min具有的内能比第7min时的内能 小 ．

（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了 2.1×10 J

3

的热量．[c=2.1×10J/（kg•℃），c=4.2×10J/（kg•℃）]

冰水

33

（4）在图乙所示中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为 水和冰的比热

容不同 ．

【分析】（1）温度计读数时要看清分度值，并注意示数在零上还是零下；

（2）物质在熔化时不断吸热，所以内能不断增大；

（3）利用公式Q=cm△t可计算吸收的热量；

（4）相同质量的物质，在吸收相同热量的情况下，比热容越大，温度升高的越

慢．

【解答】解：（1）读图甲可知，温度计的分度值为1℃，液柱在0摄氏度以下，

其示数为﹣4℃；

（2）由于冰在熔化过程中不断吸热，所以在第5min具有的内能比第7min时的

内能小；

（3）由于相同时间内物质吸收的热量相同，则BC段冰熔化吸热的时间为4min，

与AB段吸收的热量相同，

故BC段共吸收的热量为：Q=cm△t=2.1×10J/（kg•℃）×0.1kg×10℃=2.1×10J；

33

（4）在图乙所示中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为水和冰的比热容

不同，相同质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同．

故答案为：（1）﹣4；（2）小；（3）2.1×10；（4）水和冰的比热容不同．

3

【点评】本题考查了在探究“冰的熔化特点”的实验中，温度计的读数方法，温度

﹣时间图象的分析，热量公式的灵活运用等，有一定综合性，难度适中．

26．（5分）（2017•米东区校级一模）小华同学用蜡烛、凸透镜和光屏等器材做“探

究凸透镜成像规律”的实验．

第31页（共38页）

（1）在如图甲所示的位置上，光屏上成的像是等大的倒立的实像．分析实验成

像情况可知实验中所用凸透镜的焦距为 10 cm．

（2）当把点燃的蜡烛由图甲所示位置向右移至光具座的35cm刻度时，向 右

（选填“左”或“右”）移动光屏会得到一个倒立、 放大 的实像； 投影仪 就

是利用这一成像规律工作的．

（3）小明用此光具座模拟人眼看远近不同物体的情况，当人眼看清眼前30cm

处的物体时，凸透镜的位置、形状如图乙所示．如果将物体移至眼前50cm处，

保持透镜（晶状体）、光屏（视网膜）之间距离不变，则应该换上更 薄 （选

填“薄”或“厚”）的凸透镜（凸透镜直径大小相同），才能在光．

【分析】（1）当物距等于2倍焦距时，物体通过凸透镜成倒立、等大的实像，此

时像距也为2倍焦距，从甲中读出物距或像距，然后求出凸透镜的焦距；

（2）根据“物近像远像变大，物远像近像变小”判断光屏移动的方向并判断像大

小的变化，凸透镜成像时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，投影仪等依据的是

这一原理；凸透镜成像不仅左右相反、而且要上下相反；

（3）薄凸透镜的焦距大于厚凸透镜的焦距，然后根据凸透镜的成像规律进行分

析解答．

【解答】解：（1）当凸透镜成的像是等大的倒立的实像时，物距和像距均为焦距

的2倍，由图甲可知物距或像距为20cm，则凸透镜的焦距为10cm；

（2）由“物近像远像变大”可知，当把点燃的蜡烛由图甲所示位置向右移至光具

座的35cm刻度时，向右移动光屏会得到一个倒立、放大的实像，投影仪、幻灯

机等就是利用这一成像规律工作的；

由“凸透镜成像左右相反”可知，烛焰向左偏，则光屏上成的像向右偏；

（3）由题意可知，物体远离凸透镜即物距变大时，像距不变，说明凸透镜的焦

距变大，而薄凸透镜的焦距大于厚凸透镜的焦距，故更换的应是薄凸透镜．

故答案为：（1）10；（2）右；放大；投影仪；（3）薄．

第32页（共38页）

【点评】本题是探究凸透镜成像实验，主要考查了凸透镜成像规律的应用，要熟

练掌握凸透镜成像特点与物距、像距之间的关系，做到灵活应用，同时涉及了近

视眼的矫正．

27．（5分）（2017•米东区校级一模）在“测定小灯泡的电功率”的实验中（小灯泡

有“3.8V”字样），电源电压恒定．

（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器

滑片P向右滑动时灯泡变亮．

（2）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片P使电压表示数为

3.8V 时，电流表示数如图乙所示，通过灯泡的电流为 0.3 A，灯泡的额定功

率为 1.44 W．

（3）做完实验后，小明看到实验台上有一个定值电阻R，上边的数字模糊不清，

想测出它的阻值，可是发现电压表损坏，经过小组讨论设计了如图丙和丁两个电

路图，小明认为利用前面的数据和这两个电路图，都能测出R的阻值．你认为能

测出R阻值的电路图是 丙 ．

【分析】（1）测小灯泡功率的实验中滑动变阻器应串联入电路中，根据滑片P

向右滑动时灯泡变亮的要求和电压表与灯泡并联连接实物电路图；

（2）灯泡在额定电压下的功率为额定功率，由图示电流表确定其量程与分度值，

然后读出其示数，由P=UI可求出灯泡的额定功率；

（3）有电流表和灯泡，借助并联电路特点测量出R的电压和电流，从而计算其

电阻，由此分析电路解答．

【解答】解：（1）测小灯泡功率的实验中，滑动变阻器应串联入电路中，题中要

求“滑动变阻器的滑片P向右端移动时小灯泡变亮”，所以此时变阻器连入阻值变

小，应将接线柱B接入电路中；电压表与灯泡并联测其电压，灯泡额定电压3.8V，

所以电压表使用0～15V量程，如图所示：

第33页（共38页）

（2）当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光；由图乙所示电流

表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，灯泡的额定功率：

P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；

（3）下图丙，只闭合开关S时，电流表测灯泡的电流，移动滑片使电流表示数

1

等于灯泡正常发光的电流0.3A，此时R两端电压等于灯泡的额定电压3.8V；然

后只闭合开关S，电流表测出总电流，根据并联电路的电流特点得到R的电流，

2

再由欧姆定律计算R的电阻，所以丙图可行；

上图丁中，无论开关处于何种状态，都难以确定灯泡是否正常发光，这样就不能

得到R的电压和电流，故丁图不可行；

故答案为：（1）见上图；（2）3.8V；0.3；1.14；（3）丙．

【点评】本题考查了实物图的连接，滑动变阻器的正确使用，电流表的读数，电

功率计算以及特殊方法测电阻等，涉及知识点多，综合性强．

五、计算题（共10分）

28．（5分）（2017•阳谷县一模）如图所示，电源电压U为6V并保持不变，滑动

变阻器规格为“24Ω 1A”．当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数0.5A；

当滑片P移至中点时，电流表示数为0.3A．

（1）灯泡正常发光时灯丝电阻多大？

（2）滑片P在最左端时，5min内电流通过灯泡做功多大？

第34页（共38页）

（3）滑片P在中点时，灯泡的实际功率多大？

【分析】（1）当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中

的电流，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；

（2）滑片P在最左端时，根据W=UIt求出5min内电流通过灯泡做的功；

（3）滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电

路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率．

【解答】解：（1）当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电

路中的电流，此时灯泡正常发光，

则电源的电压U=6V，

由I=可得，灯丝电阻：

R===12Ω；

L

（2）滑片P在最左端时，5min内电流通过灯泡做的功：

W=UIt=6V×0.5A×5×60s=900J；

LL

（3）滑片P在中点时，电流表示数为0.3A，

滑动变阻器两端的电压：

U=IR=0.3A×=3.6V，

滑滑

因串联电路中总电压等于各电压之和，

所以，灯泡两端的电压：

U′=U﹣U=6V﹣3.6V=2.4V，

L

滑

灯泡的实际功率：

P=U′I=2.4V×0.3A=0.72W．

LL

答：（1）灯泡正常发光时灯丝电阻为12Ω；

（2）滑片P在最左端时，5min内电流通过灯泡做功为900J；

（3）滑片P在中点时，灯泡的实际功率为0.72W．

第35页（共38页）

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式、电功率公式的应用，

要注意灯泡的电阻是变化的．

29．（5分）（2017•米东区校级一模）如图所示，水平地面上有底面积为40cm

2

的薄壁容器．体积为V=200cm的木块A在绳子向下的拉力F=0.8N的作用下完全

3

浸没在水中（绳子重力不计）．此时液面到容器底的距离是30cm，求：

（1）水对容器底的压强．

（2）木块的重力．

（3）剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了多少．

【分析】（1）已知水的深度，利用p=ρgh求出水对容器底的压强；

（2）由于木块完全浸没在水中，所以排开水的体积等于木块的体积，利用阿基

米德原理求所受浮力；木块浸没在水中时，木块受向上的浮力、向下的拉力和向

下的重力，根据力的平衡条件求木块受到的重力；

（3）若剪断绳子，木块将漂浮，浮力等于重力，根据阿基米德原理求出排开水

的体积；液体压强公式是p=ρgh，判断压强变化只要分析液体深度变化即可．

液

【解答】解：（1）此时容器底部受到水的压强：

p=ρgh=1.0×10kg/m×10N/kg×0.3m=3000Pa；

水

33

（2）由于木块完全浸没在水中，则V=V=200cm=2×10m，

排

1

343

﹣

此时木块受到的浮力：

F=ρgV=1.0×10kg/m×10N/kg×2×10m=2N，

浮水排

12

3343

﹣

当木块完全浸没在水中时，木块受向上的浮力、向下的重力和向下的拉力；

根据力的平衡条件可得：F=G+F，

浮木拉

则木块的重力：G=F﹣F=2N﹣0.8N=1.2N；

木浮拉

（3）绳子剪断之后，木块受到的浮力等于木块的重力，所以F=1.2N；

浮

2

此时木块排开水的体积V===1.2×10m，

排

2

﹣

43

此时木块排开水水的体积比完全浸没在水中少排开水的体积△V=V﹣V=2×

排排

12

第36页（共38页）

10m﹣1.2×10m=0.8×10m，

﹣﹣﹣

434343

此时容器水面降低的深度h===0.02m，

所以剪断绳子后，水对容器底减小的压强△p=ρgh=1.0×10kg/m×10N/kg×

33

0.02m=200Pa．

答：（1）水对容器底的压强为3000Pa；

（2）木块的重力为1.2N；

（3）剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了200Pa．

【点评】本题考查了液体压强的计算、力的平衡条件、物体的浮沉条件和阿基米

德原理的应用，难点是利用力的平衡条件求木块所受的重力和剪断绳子后水面降

低的深度．

第37页（共38页）

参与本试卷答题和审题的老师有：wdsxg；gwb46；fhp826；王富文；碧浪淘沙；

zxjw58；刘伟；wdnyx2011；九洲风云；190438938；llm；2107959882；刘小强；

liurenkun；胡善辉；739830；沈加国（排名不分先后）

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2017年4月8日

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